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機械工程用有限元法學習筆記(三)

 lhmhz 2023-01-12 發布于浙江

彈性力學平面問題的有限元法

一、    平面問題的基本方程

平面問題是指彈性體內一點的應力、應變或位移狀態只與兩個坐標方向的變量有關的二維問題。

1.  平面應力和平面應變

應力分量:

 式3-1

應變分量:

   式3-2

應力分量與應變分量間的關系:

   式3-3

   式3-4

式中:[D]—彈性矩陣

對于平面應力問題

   式3-5a

對于平面應變問題(E換成,μ換成

   式3-5b

2.  平面問題的基本方程

平面問題的總位能表達式

當δΠ=0,可以得到用位移u和v表示的基本方程

   式3-6

如采用應力函數可得到平面問題的基本微分方程(雙調和方程)

   式3-7

用有限元法求解平面問題的思路:

   剖分和插值

把整個平面區域S用三角形板單元或矩形板單元等進行剖分并在單元內進行位移函數(形狀函數)的插值。

   式3-8

   單元分析

把形狀函數代入位能泛函式Πi,并按單元進行計算。

   式3-9

   單元組集

把各單元重新組集起來。

   式3-10

說明:{q}是單元各節點的位移列陣;[K]是單元剛陣;{F}是單元的廣義載荷列陣;q是整個區域上各單元節點的位移總和的列陣;K是總剛陣;F是整個區域上的廣義載荷列陣,S是單元總數。

二、    位移函數

   設定的位移函數是泛函的極限條件,即控制方程的近似解。

   選擇位移函數的階次應考慮下列因素:

、滿足完備性和協調性。一般采用一個由低階算起完全的多項式表示位移函數。如u=a1+a2x+a3y+a4x2+a5xy+a6y2……

、對稱性即該多項式位移函數與局部坐標系的方位無關。

、多項式的項數與節點自由度相等。

、收斂性

   設定位移函數時應符合

、在單元內部和邊界上(包括節點處)處處都能滿足力的平衡條件和變形協調條件。

、在單元內部要求應變或應力最少應是常值(或線性變化的)。

、包含有代表剛體運動的項。

一個單元內各點的位移實際上包含著兩部分,一是單元本身變形引起的部分;二是剛體位移部分。位移函數必須能反映這兩種位移。

三、    三角形單元分析

1.  位移函數d9b9f79xv7n

Drawing1

圖3-1 三角形板單元

設三角形板單元單元內某一點的位移函數為

代數形式:    式3-11a

矩陣形式:    式3-11b

那么單元的三個節點i、j、k可以寫成

    式3-12

由式3-12解得,

    式3-13

式中:

為了不使A為負值,i、j、k的順序必須是逆時針方向,如圖3-1。

代人中,整理得

    式3-14

式中:[N]形狀函數

    式3-15

2.  應變{ε}

,可得

    式3-16

式中:[B] 應變矩陣

    式3-17

3.  應力{σ}

根據虎克定律,得

    式3-18

式中:[R] 應力矩陣

對于平面應力問題

  式3-19a

對于平面應變問題

 式3-19b

4.  剛陣[K]

根據虛位移原理,可推得

    式3-20

式中:[K] 剛度矩陣

    式3-21

式中:

對于平面應力問題

 

對于平面應變問題

 

四、    矩形單元分析

1.  位移函數d9b9f79xv7n

Drawing1

圖3-2 矩形板單元

設矩形板單元單元內某一點的位移函數為

   式3-22

根據矩形板四個坐標值,求得α1、α2、α3、α4、α5、α6、α7、α8,并回帶式4-1中,可以得到新的位移函數

   式3-23

2.  應變{ε}

   式3-24

式中:

3.  應力{σ}

   式3-25

式中:對于平面應力問題

對于平面應變問題

4.  剛陣[K]

對于平面應力問題

  式3-26a

對于平面應變問題

  式3-26b

五、    形狀函數

對于平面梁位移,可以用下述形狀函數來表示

v(x)=[N]{q}=N1v1+N2v2+N3v3+N4v4

對于平面問題三角形單元,可以用下述形狀函數來表示

u=Niui+Njuj+Nkuk+Nlul

v=Nivi+Njvj+Nkvk+Nlvl

形狀函數的幾何意義反映了單元體的變形情況,即位移分布狀態。

形狀函數的兩個重要性質:

1

2、在單元任一點上三個形狀函數之和等于1。

六、    三角形面積坐標

面積坐標就是用面積的比例關系來表示三角形單元中任意一點P(x,y)的位置。

其中:

Drawing2-Model

圖3-3

當采用面積坐標時,三角形單元內某點的位移函數為

  式3-27

面積坐標與直角坐標之間的關系

  式3-28a

  式3-28b

七、    載荷的轉移

1、三角形單元上載荷的轉移

Drawing2-Model

圖3-3   圖3-4  圖3-5  圖3-6

載荷1:作用在單元i-j邊上的一個沿著x方向的集中載荷P(圖3-3)。

載荷2:作用在三角形單元i-j-k內的一個沿著x方向的集中載荷P(圖3-4)。

載荷3:作用在三角形單元i-j-k的i-j邊上為一個按三角形分布的分布載荷p(圖3-5)。

載荷4:作用在三角形單元i-j-k的i-j邊上為一個按梯形分布的載荷p1、p2(圖3-6)。

①單元i-j-k的任意一點受集中載荷P,則單元等效節點載荷{F}

②單元i-j-k的任意一面受體力F,則單元等效節點載荷{F}V

③單元i-j邊上受分布表面力F,則單元等效節點載荷{F}V

2、矩形單元上載荷的轉移

①矩形單元自重作用

Drawing2-Model

圖3-4

②矩形單元內某點作用集中力

Drawing2-Model

圖3-5

用上述方法也可以計算簡支梁的等效節點載荷值。

八、    平面問題的有限元解法

平面問題的有限元解一般方法和步驟:

1、根據單元的性質和精度要求,寫出表示單元體內任意點的位移函數,其矩陣形式

  式3-29

式中:

2、對表達式(式4-8)應用節點處的邊界條件,寫出以{α}表示的節點位移u1、v1、w1、u2、v2、w2、。。。。。。,其矩陣形式

    式3-30

式中:

    式3-31

    式3-32

式中:是形狀函數,是單元體內任意點位移的關系式。

3、用表達式(式4-11)計算單元的應變

    式3-33

4、根據應力應變關系,計算單元的應力,

    式3-34

式中:是彈性矩陣,根據單元體的性質選取。

5、作用在單元上的外力對節點位移的外力位能

    式3-35

6、根據虛位移原理(或應變能),可以得到單元剛陣

    式3-36

7、由總位能泛函式的極值條件δΠ=0(或虛位移原理),可以得到力剛陣

    式3-37

8、把各單元進行組集,即

    式3-38

9、對K進行邊界條件處理,并求解方程組,得出結構各節點位移

10、根據節點位移,應用,計算各節點的應力。

題1:題圖1-a為一個對角受壓的正方形薄板,載荷沿厚度t均勻分布,其值為20MPa,為簡單起見取μ=0,t=1 m,求變形和應力。

Drawing2-Model

解:由于對稱,可取板的四分之一來分析,如題圖1-b所示。

1、單元剖分

把計算部分(見題圖1-b)分為四個單元①、②、③、④,并對四個單元分別編出節點號碼i、j、k,如題圖1-c和題圖1-d。

2、單元分析

由于單元①與單元②、單元④具有相同的性質。所以只需單元①和單元③進行分析。

對于單元①,由于xi=1,yi=1;xj=0,yj=2;xk=0,yk=1,則

對于單元③,由于xi=0,yi=1;xj=1,yj=0;xk=1,yk=1,則

根據上列數值及μ=0,t=1,可得各單元的剛陣(此時

3、單元組集

按節點位移序號組成全結構的總剛陣

4、邊界條件約束處理

由于u1 = u2 = u4 = 0,v4 = v5 = v6 =0,所以只需考慮v1、v2、v3、u3、u5、u6六個位移,因此縮減的剛陣是

節點力列陣是

與縮減的剛陣對應的縮減節點力列陣是

5、線性方程組建立與求解

將Fr、Kr之值代入Fr=Kr·qr中,得

解方程組,可得

 

6、單元應力分量的計算

由題可知,正方形薄板屬于平面應力問題。各單元①、②、③、④的應力矩陣分別為

則各單元的應力是

單元①:

單元②:

單元③:

單元④:

題2:題圖2-a為一個懸臂深梁,在右端作用著均布的剪力,其合力為P,采用圖示的簡單網格。設泊松比μ=1/3,t=1,試求結點位移量。

零件2 Model (1)

解:

1、單元剖分

把懸臂深梁剖分二個單元①,②,并分別編出單元節點號碼i,j。如題圖2(b)所示。

2、單元分析

對于單元①,由于xi=2,yi=0,xj=0,yj=1,xk=0,yk=0,則

對于單元②,由于xi=0,yi=1,xj=2,yj=0,xk=2,yk=1,則

根據上列數值及μ=1/3,可得各單元的剛陣(此時

3、單元組集

按節點位移序號組成全結構的總剛陣為

4、邊界條件約束處理

由于u1=v1=u4=v4=0,所以只需考慮u2,v2,u3,v3四個位移。因此,減縮剛陣為

節點力列陣是

與縮減的剛陣對應的縮減節點力列陣是

5、線性方程組建立與求解

將Fr、Kr之值代入Fr=Kr·qr中,得

解方程組,可得

 

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